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Discussione: mysql_fetch_array

  1. #1

    mysql_fetch_array

    Codice PHP:
        $host "localhost"//inseriamo l'host
        
    $username "username"//inseriamo l'username
        
    $password "xxxxxxx"//inseriamo la password
        
    $db "database"//selezioniamo il database
        
    $conn mysql_connect($host,$username,$password) or die (mysql_error()); //connessione all'host
        
    mysql_select_db($db) or die (mysql_error()); //connessione al database
    $query "SELECT * FROM tabella";
    $risultato mysql_query($query$conn);
    while(
    $riga=mysql_fetch_array($risultatoMYSQL_ASSOC))
    {
    $img_db $riga['filename'];
    }    
    $output_content .= '[url="javascript:void(0)"][img]miniature/'$img_db .'.jpeg[/img][/url]';
    echo 
    $output_content
    Cio che dovrebbe accadere è che prende il nome del file dal database e lo porta qui:
    Codice PHP:
    img src="miniature/'. $img_db .'.jpeg" 
    Cioè andrebbe a prendere il file all'interno della cartella "miniature".
    Nella pagina andrebbero visualizzate 5 foto.
    Il fatto è che le mostra, ma sono tutte uguali, cioè, carica l'ultima foto tutte e cinque le volte.
    Sicuramente l'errore è qui:
    Codice PHP:
    while($riga=mysql_fetch_array($risultatoMYSQL_ASSOC))
    {
    $img_db $riga['filename'];

    Come posso risolvere per far mostrare ogni immagine e non solo l'ultima della colonna?

  2. #2
    Moderatore di PHP L'avatar di Alhazred
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    12,505
    Devi mettere

    $output_content .= '[img]miniature/'. $img_db .'.jpeg[/img]';

    dentro il ciclo while, non fuori.

  3. #3
    Originariamente inviato da Alhazred
    Devi mettere

    $output_content .= '[img]miniature/'. $img_db .'.jpeg[/img]';

    dentro il ciclo while, non fuori.
    Grazie Mille, risolto!

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